题意：

n个点的无向图，若$\gcd(x,y) \neq1​$则$(x,y)​$有边，统计$1\sim n​$构成的无向图两两点对最短路是之和是多少（两点不连通最短路记为0）？$n\leq 10^7​$。

 

题解：

先分类讨论一下：

1. 1和$>\frac n2​$的素数是孤立点，排除掉，其余是一个联通块。
2. $\gcd(x,y)\neq1\longrightarrow dis(x,y)=1​$
3. 记$mi[x]$为x的最小素因子，$mi[x]\times mi[y]\leq n\longrightarrow dis(x,y)=2$
4. 其余均可通过$x \longrightarrow 2\times mi[x] \longrightarrow 2\times mi[y] \longrightarrow y$实现$dis(x,y)=3$

分别考虑：

1. 直接排除即可
2. 方案数$=\sum_x x-1-\varphi(x)$
3. 方案数$=\sum_{x,y}[\gcd(x,y)=1][mi[x]\times mi[y] \leq n]$
4. 剩余点对

考虑第3种情况怎么求：

“看到$\gcd​$想反演”：

$$

\begin{aligned}

ans&=\sum_{d=1}^n\mu(d)\sum_{d|x}\sum_{d|y}[mi[x]\times mi[y]\leq n]\\

&=\sum_{x=1}^n\sum_{y=1}^n[mi[x]\times mi[y]\leq n]+\sum_{d=2}^n\mu(d)\sum_{d|x}\sum_{d|y}[mi[x]\times mi[y]\leq n]

\end{aligned}

$$

前一部分比较容易求解，直接开桶维护前缀和即可；

后一部分再分类讨论：

1. $d\leq \sqrt{n}​$：由于$d|x​$，所以必定有$mi[x]\leq mi[d]​$，所以对于任意$d|x,d|y​$都有$mi[x]\times mi[y]\leq n​$，所以可行方案数为$(\frac n2)^2​$。

2. $d>\sqrt{n}$：由于$d|x,d|y$，若设$x=k_1d,y=k_2d$，那么有$k_1,k_2\leq \sqrt{n}$，故只有当$k_1=k_2=1$且d为质数时$mi[x]\times mi[y]>n$，可行方案数为$(\frac n2)^2-1$。

那么就只要枚举d就可以$\mathcal{O}(1)$算答案了。

使用线性筛求积性函数$\varphi(i)$和$\mu(i)​$。至此本题解决。

复杂度$\mathcal{O}(n)$。

 

code:

1 #include
      
        2 #define rep(i,x,y) for (int i=(x);i<=(y);i++) 3 #define ll long long 4  5 using namespace std; 6  7 const int N=1e7+10; 8 int n,cnt,phi[N],mu[N],p[N/10],vis[N],T[N],pre[N]; 9 ll sum1,sum2,sum3,ans,all;10 11 void sieve(int n){12     phi[1]=mu[1]=1;13     rep (i,2,n){14         if (!vis[i]) p[++cnt]=vis[i]=i,phi[i]=i-1,mu[i]=-1;15         for (int j=1;j<=cnt&&i*p[j]<=n;j++){16             vis[i*p[j]]=p[j];17             if (i%p[j]==0){phi[i*p[j]]=phi[i]*p[j]; break;}18             phi[i*p[j]]=phi[i]*(p[j]-1);19             mu[i*p[j]]=-mu[i];20         }21     }22 }23 24 int main(){25     scanf("%d",&n); sieve(n);26     rep (i,2,n) if (vis[i]!=i||i<=n/2) all++; all=all*(all-1)/2; //所有非0数对27     rep (i,2,n) sum1+=i-1-phi[i]; ans+=sum1;28     rep (i,2,n) if (vis[i]!=i||i<=n/2) T[vis[i]]++;29     rep (i,2,n) pre[i]=pre[i-1]+T[i];30     rep (i,2,n) if (vis[i]!=i||i<=n/2) sum2+=pre[n/vis[i]]; //不考虑gcd(x,y)=1的条件31     int m=sqrt(n);32     rep (i,2,n){ //减去gcd(x,y)>1的对数：枚举i为>1的gcd33         ll tmp=0;34         tmp+=(ll)(n/i)*(n/i); //vis[ki]<=vis[i]故两个vis[ki]相乘必定<=n35         if (i>m&&vis[i]==i) tmp--; //vis[ki]<=vis[k]，而k<=m，故只有当k1=k2=1且i为质数时vis[k1i]*vis[k2i]>n36         sum2+=mu[i]*tmp;37     }38     sum2/=2; ans+=sum2*2;39     ans+=(all-sum1-sum2)*3;40     printf("%lld\n",ans); 41     return 0;42 }